顯然,第 i 隻青蛙能跳過的石頭的 id = k*gcd(a[i],m)。是以題目就是相當于求 0 ~ m - 1 這些數中至少是一個 a[i] (a[i]|m) 的倍數。
0 ~ m - 1 這些數中是 d (d|m) 的倍數的和為
d * m/d * (m/d - 1) / 2 。
但是,這樣計算必然會重複。
先把 m 的因數求出來,最多不多于300個,再把是 a[i] 倍數的因數标記(我們要保證它們隻算一遍!!!)。從小枚舉 m 的因數,把 m 未枚舉到的因數中多算的記到 num[j] 裡面去,這樣計算的時候改為
d * m/d * (m/d - 1) / 2 * (vis[j]-num[j]) 就能得到正确答案。
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstdlib>
#include <stack>
#include <vector>
#include <cstring>
#include <queue>
#define msc(X) memset(X,-1,sizeof(X))
#define ms(X) memset(X,0,sizeof(X))
typedef long long LL;
using namespace std;
const int maxn=+;
int vis[maxn],num[maxn],fac[maxn],cnt;
int gcd(int a,int b)
{return b?gcd(b,a%b):a;}
int main(int argc, char const *argv[])
{
int t,ti=;
scanf("%d",&t);
while(++ti<=t)
{
int n,m;LL ans=;
scanf("%d%d",&n,&m);
cnt=;
ms(vis);
ms(num);
for(int i=;(LL)i*i<=m;i++)
if(m%i==)
{
fac[cnt++]=i;
if(i*i<m) fac[cnt++]=m/i;
}
sort(fac,fac+cnt);
--cnt;
for(int i=;i<n;i++)
{
int x;
scanf("%d",&x);
x=gcd(x,m);
for(int j=;j<cnt;j++)
if(fac[j]%x==) vis[j]=;
}
for(int i=;i<cnt;i++)
if(vis[i]&&vis[i]!=num[i])
{
ans+=(LL)fac[i]*(m/fac[i])*(m/fac[i]-)/*(vis[i]-num[i]);
for(int j=i+;j<cnt;j++)
if(fac[j]%fac[i]==)
num[j]+=vis[i]-num[i];
}
printf("Case #%d: %lld\n",ti,ans );
}
return ;
}